网络安全应具有()和可控性等方面的特征。A. 可用性B. 可靠性C. 完整性D. 保密性

42贵州的算力运营有哪些创新?()A. 采用AI动态能效调优技术B. 建设算力决策大脑C. 采用高压直流供电技术D. 使社会趋于扁平化

第七章 指令系统ღ7-1指令,程序指令:计算机执行某种操作的命令程序:由有序的指令串构成,程序要解决一个具体的问题指令系统:一台计算机能执行的全部指令的集合指令系统的重要性:软件编程的基础,硬件设计的依据,综合考虑计算机的软硬件是计算机设计的关键因素。ღ7-2操作码[1]操作码用来指明该指令所要完成的操作。通常位数反映了机器的操作种类,即机器允许的指令条数,如7位→2^7=128条指令指令的一般格式:操作码字段地址码字段操作码:定长,变长固定长度操作码:操作码长度(占二进制[2]位数)固定不变硬件设计相对简单指令译码时间开销小指令空间利用率较低可变长度操作码:操作码长度随指令地址数目的不同而不同(可平均缩短指令长度)硬件设计相对复杂指令译码时间开销较大指令空间利用率较高例:某机器采用固定长度指令系统,16位,包括3地址指令15条,双地址指令10条,单地址指令若干,每个地址占4位。问:该指令系统最多容纳多少个单地址指令,并设计该指令系统的操作码编码方案析:每条指令:一个唯一操作码编码,不同类型指令具有不同标识,用扩展操作码方案三15条,1111双10条,6个没用 6*16=96个๑ 7.3什么是指令字[3]长、机器字长和存储字长?๑ 7.6某指令系统字长为16位,地址码取4位,试提出一种方案,使该指令系统有8条三地址指令、16条二地址指令、100条一地址指令。固定操作码为4位。8条三地址指令操作码为:00000111(剩下10001111共8个扩展窗口)16条二地址指令操作码为:1000 00001000 1111(剩下1001 00001111 1111共112个扩展窗口)100条一地址指令操作码为: 0000 11110000 11110000 11110000 11110000 11110000 11110000 0011๑7.9试比较间接寻址[4]和寄存器[5]间接寻址。๑7.10试比较基址寻址[6]和变址[7]寻址。 1)都可有效地扩大指令寻址范围。 2)基址寻址时,基准地址由基址寄存器[8]给出,地址的改变反映在位移量A的取值上;变址寻址时,基准地址由A给出,地址的改变反映在变址值的自动修改上,变址值由变址寄存器[9]给出。 3)基址寄存器内容通常由系统程序设定,变址寄存器内容通常由用户设定。 4)基址寻址适用于程序的动态重定位[10],变址寻址适用于数组或字符串处理,适用场合不同。๑7.11画出先变址再间址及先间址再变址的寻址过程示意图。 解:1)先变址再间址寻址过程简单示意如下: EA=[(IX)+A], (IX)+1IX+1-|||-IX-|||-设一重间接๑7.14设相对寻址的转移指令占两个字节,第一字节是操作码,第二字节是相对位移量(用补码表示),假设当前转移指令第一字节所在地址为2000H,且CPU每取出一个字节便自动完成(PC)+1→PC的操作。试问当执行“JMP * +8”和“JMP * -9”指令时,转移指令第二字节的内容各为多少?(1)根据汇编语言指令JMP * +8,即要求转移后的目标地址为2000H+08H=2008H,但因为CPU取出该指令后PC值已修改为2002H,故转移指令第二字节的内容应为+6(十进制),写成补码为06H。(2)同理,执行“JMP * -9”指令时,要求转移指令第二字节的内容应为-11(十进制),写成补码为:F5H๑8.1 CPU有哪些功能?画出其结构框图并简要说明各个部件的作用。答:参考P328和图8.2。๑8.2什么是指令周期?指令周期是否有一个固定值?为什么?指令周期是CPU每取出并执行一条指令所需的全部时间,也即CPU完成一条指令的时间。由于各种指令操作功能不同,因此各种指令的指令周期是不同的,指令周期的长短主要和指令在执行阶段的访存次数和执行阶段所需要完成的操作有关。๑8.3画出指令周期的流程图,分析说明图中每个子周期的作用。答:参看P343及图8.8。๑8.4设CPU内有下列部件:PC、IR、SP、AC、MAR、MDR和CU,要求: (1)画出完成间接寻址的取数指令LDA@X(将主存某地址单元X的内容取至AC中)的数据流(从取指令开始)。(2)画出中断周期的数据流。 解:CPU中的数据流向与所采用的数据通路结构直接相关,不同的数据通路中的数据流是不一样的。常用的数据通路结构方式有直接连线、单总线、双总线、三总线等形式,目前大多采用总线结构,直接连线方式仅适用于结构特别简单的机器中。为简单起见,本题采用单总线将题中所给部件连接起来,框图如下: (1)LDA@X指令周期数据流程图:(2)中断周期流程图如下:๑8.5中断周期前是什么阶段?中断周期后又是什么阶段?在中断周期CPU应完成什么操作? 从CPU机器周期的时序层次来看,中断周期前是指令的执行阶段。中断周期后是取指令阶段。在中断周期CPU应完成关中断、保存断点和转中断服务程序入口三个操作。๑9.2控制单元的功能是什么?其输入受什么控制?答:控制单元的主要功能是发出各种不同的控制信号。其输入受时钟信号、指令寄存器的操作码字段、标志和来自系统总线的控制信号的控制。๑9.3什么是指令周期、机器周期和时钟周期?三者有何关系?指令周期是CPU每取出并执行一条指令所需的全部时间,也即CPU完成一条指令的时间。机器周期是所有指令执行过程中的一个基准时间,通常以存取周期作为机器周期。时钟周期是机器主频的倒数,也可称为节拍,它是控制计算机操作的最小单位时间。一个指令周期包含若干个机器周期,一个机器周期又包含若干个时钟周期,每个指令周期内的机器周期数可以不等,每个机器周期的时钟周期数也可以不等。๑9.4能不能说CPU的主频越快,计算机的运行速度就越快?为什么?不能说CPU的主频越快,计算机的运行速度就越快。因为机器的速度不仅与主频有关,还与机器周期中所含的时钟周期数以及指令周期中所含的机器周期数有关。同样主频的机器,由于机器周期所含时钟周期数不同,机器的速度也不同。机器周期中所含时钟周期数少的机器,速度更快。此外,机器的速度还和其他很多因素有关,如主存的速度、机器是否配有Cache、总线的数据传输率、硬盘的速度以及机器是否采用流水技术等。๑10.15设控制存储器的容量为512×48位,微程序可在整个控存空间实现转移,而控制微程序转移的条件共有4个(采用直接控制),微指令格式如下:试问微指令中的三个字段分别为多少位?

回到等待状态,继续接受其他客户进程发来的请求。主进程与从属进程的处 理是并发地进行。FTP使用两个TCP连接。控制连接在整个会话期间一直保持打开, FTP 客户发出的传送请求通过控制连 接发送给服务器端的控制进程,但控制连接不用来传送文件。实际用于传输文件的是“数据连接”。服务器端的控制进程在接收到 FTP 客户 发送来的文件传输请求后就创建“数据传送进程”和“数据连接”,用来连接 客户端和服务器端的数据传送进程。数据传送进程实际完成文件的传送,在传送完毕后关闭“数据传送连接”并结 束运行。6-06 简单文件传送协议 T 的主要区别是什么?各用在什么场合?( 1)文件传送协议 FTP 只提供文件传送的一些基本的服务,它使用 TCP 可靠 的运输服务。FTP 的主要功能是减少或消除在不同操作系统下处理文件的不兼容性。FTP 使用客户服务器方式。一个 FTP 服务器进程可同时为多个客户进程提供服务。FTP的服务器进程由两大部分组成:一个主进程,负责接受新的请求;另外 有若干个从属进程,负责处理单个请求。TFTP 是一个很小且易于实现的文件传送协议。TFTP 使用客户服务器方式和使用 UDP 数据报,因此 TFTP 需要有自己的差错 改正措施。TFTP 只支持文件传输而不支持交互。TFTP 没有一个庞大的命令集, 没有列目录的功能, 也不能对用户进行身份鉴别。6-07 远程登录TELNET勺主要特点是什么?什么叫做虚拟终端 NVT?答:(1)用户用 TELNET 就可在其所在地通过 TCP 连接注册(即登录)到远地的 另一个主机上(使用主机名或 IP 地址)。TELNET 能将用户的击键传到远地主机,同时也能将远地主机的输出通过 TCP连接返回到用户屏幕。 这种服务是透明的, 因为用户感觉到好像键盘和显示器是直接连在远地主机上(2) TELNET定义了数据和命令应该怎样通过因特网, 这些定义就是所谓的网络 虚拟终端 NVT。6-08 解释以下名词。各英文缩写词的原文是什么?, 浏览器,超文本,超媒体,超链,页面,活动文档,搜索引擎。答:www万维网 Wide Web并非某种特殊的计算机网络。万维网是一个大规模的、 联机式的信息储藏所,英文简称为 Web万维网用链接的方法能非常方便地从因 特网上的一个站点访问另一个站点(也就是所谓的“链接到另一个站点”) ,从 而主动地按需获取丰富的信息。URL:为了使用户清楚地知道能够很方便地找到所需的信息,万维网使用统一资源定位符 URL(Uniform Resource Locator )来标志万维网上的各种文档,并使 每一个文档在整个因特网的范围内具有唯一的标识符 URL.HTTP为了实现万维网上各种链接,就要使万维网客户程序与万维网服务器程序 之间的交互遵守严格的协议,这就是超文本传送协议 HTTP.HTTP是一个应用层协议,它使用TCP连接进行可靠的传送。CGI:通用网关接口 CGI是一种标准,它定义了动态文档应该如何创建,输入数 据应如何提供给应用程序,以及输出结果意如何使用。CGI程序的正式名字是CGI 脚本。按照计算机科学的一般概念。浏览器:一个浏览器包括一组客户程序、一组解释程序,以及一个控制程序。 超文本:超文本的基本特征就是可以超链接文档; 你可以指向其他位置, 该位置 可以在当前的文档中、 局域网中的其他文档, 也可以在因特网上的任何位置的文 档中。这些文档组成了一个杂乱的信息网。 目标文档通常与其来源有某些关联, 并且丰富了来源;来源中的链接元素则将这种关系传递给浏览者。超媒体:超级媒体的简称,是超文本(hypertext )和多媒体在信息浏览环境下的 结合。超链:超链接可以用于各种效果。 超链接可以用在目录和主题列表中。 浏览者可 以在浏览器屏幕上单击鼠标或在键盘上按下按键,从而选择并自动跳转到文档 中自己感兴趣的那个主题,或跳转到世界上某处完全不同的集合中的某个文档。 超链接( hyper text ),或者按照标准叫法称为锚( anchor ),是使用 <a> 标签 标记的,可以用两种方式表示。 锚的一种类型是在文档中创建一个热点, 当用户 激活或选中(通常是使用鼠标)这个热点时,会导致浏览器进行链接。 页面:页面,类似于单篇文章页面, 但是和单篇文章不同的是: 1. 每个页面都可 以自定义样式,而单篇文章则共用一个样式。 2. 页面默认情况一般不允许评论, 而单篇文章默认情况允许评论。 3. 页面会出现在水平导航栏上, 不会出现在分类 和存档里,而单篇文章会出现在分类和存档里,不会出现在水平导航栏上。 活动文档:即正在处理的文档。在 Microsoft Word 中键入的文本或插入的图 形将出现在活动文档中。活动文档的标题栏是突出显示的。一个基于Windows的、 嵌入到浏览器中的非 HTML应用程序,提供了从浏览器界面访问这些应用程序 的 功能的方法。搜索引擎: 搜索引擎指能够自动从互联网上搜集信息, 经过整理以后, 提供给用 户进行查阅的系统。6-09 假定一个超链从一个万维网文档链接到另一个万维网文档时,由于万 维网文档上出现了差错而使得超链只想一个无效的计算机名字。这是浏览器将 向用户报告什么?答: 404 Not Found 。6-10 假定要从已知的URL获得一个万维网文档。若该万维网服务器的 Ip地址开始时并不知道。试问:除 HTTP外,还需要什么应用层协议和传输层协议?答: 应用层协议需要的是 DNS。运输层协议需要的是 UDP(DNS使用和TCP( HTTP使用)。6-11 你所使用的浏览器的高速缓存有多大?请进行一个试验:访问几个万维 网文档, 然后将你的计算机与网络断开, 然后再回到你刚才访问过的文档。 你的 浏览器的高速缓存能够存放多少各页面?6-12 什么是动态文档?试举出万维网使用动态文档的一些例子。答:Dynamic document动态文档: 与wwv文档有关的计算机程序,它能生成所需 的文档。当浏览器需要动态文档时, 服务器就运行该程序并发送输出到浏览器。 动态文档程序对每个需求可生成不同的输出。6-13 浏览器同时打开多少个TCP连接进行浏览的优缺点如何?请说明理由。答: 优点:简单明了方便。缺点:卡的时候容易死机6-14 当使用鼠标点击一个万维网文档是,若该文档出来有文本外,还有一个 本地 .gif 图像和两个远地 .gif 图像。试问;需要使用那个应用程序,以及需要 建立几次UDR1接和几次TCP连接?答:若使用HTTP/1.0,需要建立0次UDR1接,4次TCP连接。若使用HTTP/1.1,需要建立0次UDP1接,1次TCP连接。6-15 假定你在浏览器上点击一个 URL但这个URL的ip地址以前并没有缓存在本地主机上。因此需要用DNS自动查找和解析。假定要解析到所要找的URL的 ip地址共经过n个DNS服务器,所经过的时间分别是 RTT1,RTT2;••…RTTn假 定从要找的网页上只需要读取一个很小的图片(即忽略这个小图片的传输时间) 从本地猪寄到这个网页的往返时间是 RTTw试问从点击这个URL开始,一直到本 地主机的屏幕上出现所读取的小图片,一共需要经过多少时间?能否应付各种异常情况1-24 论述具有五层协议的网络体系结构的要点,包括各层的主要功能。 答:综合 OSI 和 TCP/IP 的优点,采用一种原理体系结构。各层的主要功能: 物理层 物理层的任务就是透明地传送比特流。 (注意: 传递信息的物理媒体, 如 双绞线、同轴电缆、光缆等,是在物理层的下面,当做第 0 层。) 物理层还要确定 连接电缆插头的定义及连接法。数据链路层 数据链路层的任务是在两个相邻结点间的线路上无差错地传送以帧(frame)为单位的数据。每一帧包括数据和必要的控制信息。网络层 网络层的任务就是要选择合适的路由,使 发送站的运输层所传下来的 分组能够正确无误地按照地址找到目的站,并交付给目的站的运输层。运输层 运输层的任务是向上一层的进行通信的两个进程之间提供一个可靠的 端到端服务,使它们看不见运输层以下的数据通信的细节。应用层 应用层直接为用户的应用进程提供服务。1-25 试举出日常生活中有关“透明”这种名词的例子。 答:电视,计算机视窗操作系统、工农业产品1-26 试解释以下名词: 协议栈、实体、对等层、协议数据单元、 服务访问点、 客户、服务器、客户 - 服务器方式。答:实体 (entity) 表示任何可发送或接收信息的硬件或软件进程。 协议是控制两个对等实体进行通信的规则的集合。 客户 (client) 和服务器 (server) 都是指通信中所涉及的两个应 用进程。客户是服务的请求方,服务器是服务的提供方。客户服务器方式所描述的是进程之间服务和被服务的关系。协议栈 : 指计算机网络体系结构采用分层模型后 , 每层的主要功 能由对等层协议的运行来实现 , 因而每层可用一些主要协议来表征 , 几个层次画 在一起很像一个栈的结构 .对等层: 在网络体系结构中 , 通信双方实现同样功能的层 . 协议数据单元 : 对等层实体进行信息交换的数据单位 .服务访问点 : 在同一系统中相邻两层的实体进行交互 (即交换信息)的地方. 服务 访问点SAP是一个抽象的概念,它实体上就是一个逻辑接口 .

第二部分判断题多媒体技术是信息技术的一部分。() 常见的视频文件格式为AVI、MPEG、WAV、FLV。() 打印Word文档时，可以只打印选定的部分页[1]面。() 对(正确答案)错在GoldWave中，制作背景音乐时，背景音乐要求声音轻柔，音量略小，不影响主音频的朗诵效果。() 对错(正确答案)视频又称为运动图像[2]或活动图像，可分为模拟视频和数字视频两大类。() 对(正确答案)错GoldWave是一款音频播放器，能播放声音，但不能编辑和录制声音。() 对(正确答案)错在影音制作中导入素材时，我们可以导入视频与图片，但是不能将所有素材合成一个影片。() 对(正确答案)错在GoldWave中，录制的声音文件如果有噪音只能通过调小音量的方式处理，没有办法消除。() 对错(正确答案)媒体信息数字化以后，体积减少了，信息量也减少了。() 对错(正确答案)利用计算机上的麦克风录制的声音文件是波形文件。() 对错(正确答案)课堂教学中常用的课件就是用多媒体技术加工而成的。() 对错(正确答案)在PowerPoint演示文稿中插入视频后，可以对其进行编辑和设置。() 对(正确答案)错电子出版物只能集成文本和图像信息。() 对(正确答案)错在影音制作(WindowsLive) 中编辑好的视频文件只能保存为.mp4格式。( ) 对(正确答案)错美图秀秀”拼图，最多可以选择3张图片。() 对错(正确答案)电子出版物是多媒体技术实际应用的具体表现之一。() 对错(正确答案)在GoldWave中，声音的剪辑包括删除，不包括剪贴声音片段。() 对错(正确答案)不同格式的视频素材可以通过软件进行转换。() 对(正确答案)错利用PowerPoint2010制作演示文稿时，既可以加入声音，又可以加入视频。() 对错(正确答案)我们经常听到的MP3歌曲是一种音质最好的音频文件。() 对(正确答案)错MIDI是乐器数字接口的英文缩写，是数字音乐的国际标准。() 对(正确答案)错模拟音频和数字音频不能互相转换。() 对错(正确答案)在Word文档中插入图表后，不能再进行修改。() 对(正确答案)错在影音制作中编辑的视频文件不能全屏预览。() 对错(正确答案)在PowerPoint2010中可以将演示文稿保存为.mp4的视频文件。() 对错(正确答案)文档封面一般由图片和文字组成。() 对错(正确答案)利用GoldWave 可以去除声音文件中的杂音。() 对错(正确答案)MIDI文件和WAV文件都是计算机的音频文件。() 对(正确答案)错在录制宏之前指定快捷键，录制完宏之后，只要按快捷键，就可以完成宏指定的操作。() 对(正确答案)错在PowerPoint演示文稿中插入的表格可以移动位置但是不可以改变大小。() 对(正确答案)错影音制作(WindowsLive)的工作区域由预览区和情节区构成。( ) 对(正确答案)错多媒体的实质是将不同形式存在的媒体信息(文本、图形、图像、动画和声音)数字化，然后用计算机对它们进行组织、加工并提供给用户使用（）对错(正确答案)在PowerPoint2010中为演示文稿设置设计模板，既可以应用于单张幻灯片，也可以应用于全部幻灯片。() 对(正确答案)错“美图秀秀”是一款图像处理软件。() 对(正确答案)错多媒体作品的制作要为表达主题服务。() 对(正确答案)错Microsoft Word2010是一款用 于文字处理的工具软件，不属于应用软件。() 对(正确答案)错通过视频采集设备可以采集视频信息。() 对(正确答案)错制作片头通常用于显示影片的标题，引起观众对影片的兴趣。() 对错(正确答案)多媒体技术的关键技术之一是数据压缩技术，图像、声音和视频都有自己的压缩技术。() 对(正确答案)错在Word中，除了可以设置页面边框外，还可以对选定的内容设置边框。() 对(正确答案)错从网络中不能获取数字视频。() 对(正确答案)错在GoldWave中，可通过复制、剪切、粘贴、删除音频波形，快速编辑音频文件。() 对(正确答案)错用计算机制作多媒体作品使用的素材都必须经过数字化处理，即要把素材的”模拟信号”转化为”数字信号”。() 对错(正确答案)数字化图像的获取途径一般有:手工描制、利用扫描仪扫描、通过网络下载等。() 对(正确答案)错在设计多媒体作品的界面时，要尽可能的多使用颜色，使得界面更美观。() 对(正确答案)错在GoldWave中，通过声音的剪辑可以重组声音顺序，把若干个声音片段连接成一个声音文件。() 对错(正确答案)我们可以通过录制声音的办法来获取声音素材。() 对错(正确答案)在Word文档中插入了用MathType软件输入的数字式子时，不能再对这个式子进行修改。() 对(正确答案)错影响数字声音波形质量的主要因素有3个，即:采样频率、采样精度和通道数。() 对(正确答案)错在演示文稿中插入图表的操作方法与在Word文档中插入图表的方法相似。() 对错(正确答案)在Word文档中只能插入一种图表。() 对错(正确答案)在GoldWave中，可以快速地将音频文件中的一部分音频波形截取出来，但是不能在一-个声音文件中再插入另一段声音。() 对(正确答案)错电子出版物不可以长期保存。() 对错(正确答案)要想看到Word文档的打印效果，必须把文档打印出来。() 对错(正确答案)在演示文稿中插入图表后不可以修改相关信息。() 对错(正确答案)多媒体作品中可以任意引用别人作品的内容，不必考虑版权问题。() 对错(正确答案)计算机只能加工数字信息，因此，所有的多媒体信息都必须转换成数字信息，再由计算机处理。() 对错(正确答案)在PowerPoint2010中可以将演示文稿以附件的形式发送到电子邮件中。() 对错(正确答案)用”美图秀秀”可以调整图片的亮度，但不能调整清晰度。() 对(正确答案)错在Word中对文档进行打印预览时，可根据需要调整缩放比例，最大可调整到100%。() 对(正确答案)错在GoldWave中，执行”编辑”菜单中的”粘贴到”命令，不能将复制的文件粘贴到开始标记。() 对错(正确答案)多媒体作品中的声音文件是模拟音频。() 对错(正确答案)重复打印一份Word文档时，可以通过设置打印份数一次性完成。() 对(正确答案)错集成性和交互性是多媒体技术的主要特征。() 对错(正确答案) “美图秀秀”可以给图像添加边框，使图像看起来更有层次，更美观。() 对(正确答案)错利用”美图秀秀”可以对图片进行复杂、专业的编辑加工。() 对(正确答案)错在Word文档中可以根据需要调整图表的大小和位置。() 对(正确答案)错在Word中，设置底纹前，必须先选定要进行设置的内容。() 对错(正确答案)当文档的页面较宽时，为了阅读方便，经常用分栏的方式显示文档内容。() 对(正确答案)错影音制作(WindowsLive) 是Windows7自带的视频编辑软件，无需安装。() 对(正确答案)错模拟声音必须进行模数转换才可以输入计算机中。() 对(正确答案)错修改PowerPoint2010幻灯片的母版，所有采用这一母版幻灯片的版面风格也会随之发生改变。() 对错(正确答案)动画也是一种视频素材。() 对(正确答案)错在PowerPoint演示文稿中插入的视频，只能播放，不能编辑。() 对(正确答案)错在影音制作(WindowsLive) 中可以为作品添加旁白。() 对(正确答案)错一部电视剧就是一个多媒体作品。() 对错(正确答案)没有安装PowerPoint软件的计算机，不能播放演示文稿。() 对(正确答案)错在PowerPoint2010中，将演示文稿保存为视频时不会丢失幻灯片中的链接。() 对错(正确答案)在影音制作(WindowsLive) 中为视频文件添加”翻转”过渡特效应使用动画功能。() 对错(正确答案)利用Word2010提供的功能，可以将Word文档以PDF的形式发送到电子邮件中。() 对错(正确答案)对文章内容分栏时，直接使用”分栏”下拉列表中的命令，和使用”"分栏”对话框的操作结果完全一样。() 对(正确答案)错在多媒体作品中使用的音频素材可以是数字音频，也可以是模拟音频。() 对(正确答案)错在计算机系统的音频数据存储和传输中，数据压缩会造成音频质量的下降。() 对错(正确答案)使用Word的生成目录功能，需要先按级别把有关内容设定为各个级别的标题。() 对错(正确答案)模拟音频是对声源发出的声音采用电磁方式进行录制、存储的声音信息。() 对(正确答案)错 GoldWave软件能够处理WAV，MP3，MIDI，AVI等多种音频文件。() 对(正确答案)错在影音制作(WindowsLive) 中编辑的视频文件称为”项目”，保存的默认格式为，Wlmp。( ) 对(正确答案)错不能更改Word内置的标题格式。() 对错(正确答案)在PowerPoint2010中不能将演示文稿保存为视频。() 对(正确答案)错制作影片时，在各段视频之间添加一些过渡效果，播放时可以使视频之间过渡得更加自然且有特色。() 对错(正确答案)为了使文档的版式保持不变并防止他人修改，可将文档发布为PDF格式。() 对错(正确答案)在利用幻灯片母版制作的演示文稿中，所有幻灯片上主题文字、版面风格都一样。() 对(正确答案)错在Word中进行打印预览时，只能一页一页地观看。() 对(正确答案)错在GoldWave中，可以将两种音频文件混音成一个音频文件。() 对(正确答案)错利用多媒体技术将文字、图形、图像、声音、视频和动画等信息集成起来，共同表达一个主题且具有交互性的作品，称为多媒体作品。() 对错(正确答案)对(正确答案)错对(正确答案)错

高级持续性威胁( APT )是利用先进的攻击手段对特定目标进行短期、快速的网络攻击的一种攻击形式。()A. 对B. 错

域名分为四段：计算机名.机构名.二级域名.顶级域名[1]，对应的IP地址也是四段，他们之间的关系（）。A. 是一一对应的关系B. 是逆序一一对应关系C. 不是一一对应的关系D. 以上都不对

表示层：数据格式[1]的变换，数据加密与解密，数据压缩[2]与恢复Ip协议是一种不可靠的无连接协议[3]，UDP协议是一种不可靠的无连接协议TCP协议是一种面向连接的可靠协议播客可分为传统广播节目的播客，专业播客提供商和个人播客P2P不依赖于域名服务[4]（DNS）无线自组网是一种自组织对等式多跳的无线移动网络，他是在分组无线网的基础上发展起来的三章局域网[5]的网络拓扑结构[6]主要为总线型环型和星型网络传输介质主要为：双绞线[7]，同轴电缆[8]和光纤IEE802参考模型[9]：将数据链路[10]层分为(逻辑链路控制[11])LLC介质访问控制[12]子层（MAC）以太网[13]核心技术采用随机争用型介质访问控制方法（CSMA/CD）CSMA/CD发送流程为：先听后发边听边发，冲突停止，（随机）延迟重发以太网协议规定：一个帧的最大重发次数为16，以太网帧结构：目的地址第一位为0表示单一结点[14]地址，目的地址第一位为1表示多点地址，目的地址全为1表示广播地址，以太网数据帧：数据字段46~1500b以太网物理地址应该有2^47个，存储在只读存储器[15]EPROM（采用16进制）快速以太网[16]：标准IEE802.u协议千兆以太网[17]：标准IEE802.3z万兆以太网[18]：标准IEE802.3ae交换式局域网的核心设备是：局域网交换机[19]，采用的是端口/地址映射[20]表，交换机[21]的帧转发方式有：直通交换，存储转发[22]交换，改进的直通交换红外局域网的数据传输[23]技术定向光束红外传输，全方位红外传输，漫反射红外传输无线局域网[24]采用的扩频技术有：跳频扩频通信，直接序列[25]通信无线局域网标准IEE802.11使用CSMA/CA,网桥的作用：数据接收，地址过滤，地址转发网桥按照路由表的建立方法分为两类：透明网桥，源路由[26]网桥。四章文件句柄[27]是打开文件的唯一识别依据在DOS中称为文件表FAT，在WINDOWS中称为虚拟文件表VFAT,在IBM操作系统OS/2中称为高性能文件系统[28]HPFS操作系统通常有四类组件：驱动程序、内核、接口库、外围组件内核的结构可以分为单内核[29]、微内核、超微内核、外核，网络操作系统[30]可以分为两类：专用型NOS与通用型NOS（操作系统）WINDOWS2000Server新功能之一是活动目录管理（目录、目录服务），基本管理单位是域，活动目录采用树状逻辑结构。域又可以划分为组织单元，不再划分全局组，本地组。NETWARE四级安全保密机制：1，注册安全性2.用户信任安全权限3.最大信任者权限屏蔽，4，目录与文件属性[31]三级容错机制UNIX分为两个阵营：UNIX国际（UI）开放系统基金（OSF）UNIX系统可分为两个部分:操作系统的内核，系统的外壳五章INTERNET主要组成部分：通信线路，路由器，服务器与客户机，信息资源ADSL分为上行和下行两个通道，在五千米范围内作用DDN，ATM、帧中继[32]属于数据通信[33]网，IP协议提供三种服务:1.不可靠的数据投递服务2.面向无连接的传输服务3.尽最大努力投递服务以太网物理地址采用48位的二进制[34]表示电话网，电话网采用十四位的十进制[35]数表示IP地址由网络号[36]和主机号组成IP广播有两种形式：直接广播、有限广播，直接广播是一个有效的广播号和一个全是1的主机号，有限广播是255.255.255.255ARP将IP地址与MAC绑定IP数据报[37]的格式：报头长度以32b为单位，该值为5源路由、路由选项可分为两类：严格源路由[38]选项、松散源路由[39]选项IP的时间戳[40]采用格林尼治时间。互联网控制报文协议[41]：ICMP（拥塞控制[42]和源抑制[43]报文）IP地址路由协议：路由信息协议[44]RIP、开放式最短路径优先协议OSPIFRIP协议中相邻路由器广播的是________RIP协议规定：路径的超时时间为180s相当于六个RIP刷新周期[45]Ipv6采用128地址长度，提供了3.4*10的38次方个IP地址，每16位划分为一个位段，每个位段采用4位的16进制数Ipv6数据报由Ipv6基本头[46]多个扩展头[47]和一个高层协议数据单元[48]组成基本头包含固定的40字节长，Ipv6扩展头包括逐跳选项头、目的选项头、路由头、分片[49]头、认证[50]头、封装安全有效载荷报头TCP采用三次握手[51]法，六章互联网的命名机制：无层次命名机制，层次型命名机制域名解析[52]有两种方式：递归解析、反复解析最大生命周期：TTL域名与其IP地址的映射关系被放置在资源记录[53]中，每条记录通常有域名、有效期、类别、类型、域名的具体值网络虚拟终端[54]NVTFTP客户机与服务器之间建立双重连接：1，控制连接2.数据连接FTP协议支持两种文件传输方式[55]：文本文件传输，二进制文件传输FTP用户接口程序通常有三种类型：传统的FTP命令行、浏览器、FTP下载工具FTP下载工具主要有flashfxp、cutftp、getright、netants，leapftp匿名登录ftp站点默认的帐号为annoymous，密码guest邮件传输协议SMTP邮局协议POP3或IMAP电子邮件[56]的报文格式协议：RFC822和MIME电子邮件报文分为两部分：邮件头，邮件体第一个www的浏览器是mosaicwww服务采用超文本标记语言[57]html与超文本[58]传输协议HTTP页面到页面的连接信息由统一资源定位符[59]URL维持浏览器的结构由一个控制单元和一系列的客户机单元、解释单元组[60]成URL一般由三部分组成：协议类型、主机名[61]和路径及文件名浏览器通常将INTERNET划分几个区域：INTERNET区域、本地INTRANET区域、可信站点区、受限站点区域WEB站点防止第三方偷看或篡改采用安全套接层SSL七章网络管理[62]包括：对网络的运行状态进行监视、对网络的运行状态进行控制、网络管理的五大功能：配置管理，故障管理[63]，计费管理[64]，性能管理[65]，和安全管理网络管理模式分为集中式管理模式，分布式管理模式网路管理协议即简单网络管理协议[66]SNMP（轮询[67]方法，基于中断的方法）公共管理信息协议CMIP我国将信息和信息系统的安全保护分为五个等级：1，自主保护级2.指导保护级3.监督保护级4.强制保护级5专控保护级OSI安全框架：安全攻击（被动攻击，主动攻击[68]），安全机制，安全服务DES采用64位的分组长度和56位的密钥长度[69]AES的密钥长度为128、192或256位，分组长度为128，BLOWFISH分组长度为64位认证主要包括三个方面：消息认证，数字签名，身份认证SHA-1产生160位的消息摘要特殊数字签名有：盲签名[70]，代理签名，群签名，不可否认签名，公平盲签名，门限签名，具有消息恢复功能的签名身份认证常用方法有：口令认证，持证认证，生物识别电子邮件安全技术PGP和S/MIMEIPSEC两个主要的协议：身份认证头AH封装安全负载[71]ESP八章IP组播地址224.0.0.0.0~239.255.255.255组播路由协议又分为域内组播路由协议和域间组播路由协议P2P网络基本结构：NAPSPER和MAZE属于集中目录式结构，GNUTELLA为代表的分布式非结构化P2P网路结构，EPASTRY, TPAPESTRY，CHORD，CAN为代表的分布式结构化P2P网络结构；ESKYPE，EDONKEY，BITTORENT，PPLIVE为代表的混合式P2P网络结构P2P网路包含三种结点：用户结点，搜索结点，索引结点即时通信[72]系统的基本通信模式：P2P通信模式，中转通信模式即时通信系统的通信协议：基于SIP协议框架的SIMPLE和基于JADDER协议框架的XMPPSIP系统有四种元素构成：用户代理，代理服务器[73]，重定向[74]服务器，注册服务器SIP消息的起始行分为请求行和状态行IPTV系统服务有视频点播[75]，直播电视，时移电视时移电视和直播电视的基本原理相同，主要差别在于传播方式，前者采用点播方式，后者采用组播方式数字版权管理[76]技术DRM包括数据加密，版权保护、认证和数字水印[77]技术VOIP的实现方法：PC-to-PC，PC-to-PHONE，PHONE-to-PHONESKYPE的特点:高清晰音质，高度保密性，免费多方通话，跨平台性能搜索引擎[78]的组成：搜索器，索引器，检索器，用户接口Google采用的技术有：分布式爬行技术，页面等级技术，超文本匹配分析技术

字符显示模式缓冲区中的一个字对应于屏幕上的一个字符。每个字的第一个字节为显示字符的______，第二个字节为显示字符的______。 TK63、在串操作程序中，通常在重复前缀指令REPZ或REPNZ后，选用的串操作指令是______或______才有实际意义。TK64、已知：BX=1357H，DI=2000H，DS=2000H，CS=4000H，分别指出下面各指令中存储器操作数的物理地址。JD（1）MOV AL，[BX]21357H（2）MOV CS：[BX+DI]，AH43357H65、0P1 DB 1，20P2 DW 3412H，5678H┇MOV AX，OP1+1；字单元（OP1+1） AXMOV BL，OP2+1；字节单元（OP2+1） BL上述二条传送语句有语法错误，请根据注释字段的说明，将其改正。JDMOV AX，WORD PTR（OP1+1）MOV BL，BYTE PTR（OP2+1）66、下列语句在存储器中分别为变量分配多少字节？JD（1）AD2 DW 10 DUP（？），1022（2）AD3 DD 100 DUP（？）40067、简述下面两条指令分别是什么语法错误？JDMOV [BX]，[SI]MOV AX，DLMOV指令不能在两个______器操作数之间进行；操作数类型不匹配。68、在指令系统中，段内、段间返回均为RET指令。试回答：JD(1)执行段内返回RET指令时，执行的操作是：栈顶内容→IP，SP+2→SP(2)执行段间返回RET指令时，执行的操作是：①栈顶内容→IP，SP+2→SP②栈顶内容→CS，SP+2→SP69、ARY DW 10 DUP(？)┇MOV AL，TYPE ARYMOV BL，LENGTH ARYMOV CL，SIZE ARY上述MOV指令序列执行后的结果是什么？JDAL=2BL=10CL=2070、设某数据段：JDDATA SEGMENTORG 20HNUM1=8NUM2=NUM1+10HDA1 DB 'COMPUTER'DB 0AH，0DHCOUNT EQU -DA1DA2 DW'CO'，'MP'，'UT'，'ER'DATA ENDS试回答：(1)DA1的偏移地址是：______(2)COUNT的值是______(3)DA2+5字节单元的内容是_________71、已知AX=0FF60H，CF=1MOV DX，96XOR DH，0FFHSBB AX，DX执行上述指令序列后，AX=______，CF=______。 CXFX72、设寄存器AL，BL，CL中内容均为76H，XOR AL，0FHAND BL，0FHOR CL，0FH执行上述指令序列后，AL=______，BL=______CL=______。 CXFX73、已知AX=0A33AH，DX=0F0F0HAND AH，DLXOR AL，DHNEG AHNOT AL执行上述指令序列后，AH=______，AL=______。 CXFX74、假定（DX）=10111001B，（CL）=0.3，（CF）=1，试确定下列各条指令单独执行后，DX中的值。JD（1）SHR DX，1（2）RCR DL，1（3）RCL DX，CL答：(1) 005CH (2) 00DCH (3) 05CCH75、写出完成下述功能的程序段：JD（1）传送25H到AL寄存器（2）将AL的内容乘以2（3）传送15H到BL寄存器（4）AL的内容乘以BL的内容并请写出最后（AX）=？答：（1）MOV AL, 25H （2）SHL AL, 1 （3）MOV BL, 15H（4）MUL BL 最后，（AX）=612H =155476、写一程序段，求双字长数DX∶bX的相反数。JD答:NEG DXNEG AXSBB DX, 077、在某子程序的开始处要保护AX，BX，CX，DX四个寄存器信息，在子程序结束时要恢复这四个寄存器信息。例如：JDPUSH AXPUSH BX 保护现场PUSH CX /PUSH DX/:}恢复现场试写出恢复现场时的指令序列。答：POP DXPOP CXPOP BXPOP AX78、完成下列操作，选用什么指令：JD（1）将AX的内容，减去0520H，和上次运算的借位； （2）将变量名TABL的段地址送AX；答：（1）SBB AX，0520H（2分） （2）MOV AX，SEG TABL（2分）79、D1 DB 20H DUP（？）D2 DW D1 请写出用一条指令实现取D1的偏移地址=>SI中的三种方法。JD答：①LEA SI，D1②MOV SI，OFFSET D1③MOV SI，D280、A DW 1234HB DW 5678H:PUSH APUSH BPOP APOP B试回答：CXFX①上述程序段执行后（A）＝＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿，（B）＝＿＿＿＿＿②设执行前SP＝200H，执行后SP＝＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿答：①（A）=5678H（2分）（B）=1234H（2分）②SP=2000H（2分）81、现有下列程序段：CXFXMOV AX，6540HMOV DX，3210HMOV CL，04SHL DX，CLMOV BL，AHSHL AX，CLSHR BL，CLOR DL，BL试问上述程序段运行后， （AX）＝＿______＿ （BL）＝＿______＿（DX）＝＿______＿82、分析下面程序段，CXFXMOV AL，200SAR AL，1MOV BL，ALMOV CL，2SAR AL，CLADD AL，BL试问程序段执行后（BL）＝＿＿______＿（AL）＝＿＿______＿＿＿83、DA3 EQU WORD PTR DA4DA4 DB 0ABH，89H┇SHR DA3，1MOV DX，DA3SHL DA4，1MOV CX，DA3上述程序段运行后，CX=______，DX=______。CXFX84、设(SP)=100H，(AX)=0FFFFHSTCPUSH AXADC AX，0PUSH AXPOP BX 上述程序段运行后，(BX)=______，(SP)=______。 CXFX85、STRING DB ‘ABCDEFGHIJ':MOV AH,01 ;从键盘输入字符1~9INT 21HAND AL，0FHDEC ALXOR AH，AHMOV BX，OFFSET STRINGADD BX，AXMOV BL，[BX]MOV AH，02H ；显示输出INT 21H:试回答：（1）上述程序段的功能是什么？CXFX根据从键盘输入的字符‘1’～‘9’，确定在显示器上显示STRING中第几个字符。（2）如从键盘输入字符‘4'，程序段有什么结果？显示器显示字符‘D’86、已知：BX=4567HNEG BXINC BXNEG BXDEC BX程序段执行后，BX=______，CF=______。CXFX87、已知数据段中定义DAT1 DB 12H，34H，56H，78HMOV CX，0MOV AX，WORD PTR DAT1MOV CL，DAT1+3当程序段执行完后AX=______，CX=______。CXFX88、DA1 DB 83H，72H，61H，94H，5AH┇MOV CX，WORD PTR DA1AND CX，0FHMOV AL，DA1+3SHL AL，CL上述指令序列执行后，AL=______，CL=______。CXFX89、现有如下程序段：CXFXDATA SEGMENT DA3 EQU 1234HORG 0020H DA4 EQU ＄-DA2DA1 DW 12H，23H DA5 DB 31H，32HDA2 DB 11H，21H DATA ENDS请回答：（1）该程序段已占有的存储字节数是多少？（2）符号名DA4的值是多少？符号名DA5的值是多少？答：(1) 该程序段已占有的存储字节数是8个字节。(2) 符号名DA4的值为2，符号名DA5的值是0026H。90、执行下列程序段后，回答问题。CXFXORG 1221H MOV BX，OFFSET NUMNUM DW 12H MOV CL，BYTE PTR NUM+1… MOV CH，TYPE NUMMOV AX，NUM HLT请问：（AX）=______，（BX）=______，（CX）=______。答：(AX)=0012H (BX)=1221H (CX)=0200H91、执行下列指令后AX、BX寄存器的内容？CXFXMOV SI,10HMOV AX,1234HMOV [SI+12H],AXLEA BX,[SI]MOV [SI+14H],BX答：AX为1234H，BX为22HLES BX,DWORD PTR [SI+12H]92、试编制一程序段，用串操作指令实现以DA_BY为首址的20H个字节单元中存放相同字符‘Y’（设DA_BY存储区已有ES指向）。BCLEA DI，DA_BYMOV CX，32MOV AL，‘Y’CLDREP STOSB93、在BUF1和BUF2两个数据区中，各定义有10个带符号字数据，试编制一完整的源程序，求它们对应项的绝对值之和，并将和数存入以SUM为首址的数据区中。BCDATA SEGMENTBUF1 DW-56，24，54，-1，89，-8……BUF2 DW45，-23，124，345，-265，……SUM DW10DUP(0)DATA ENDS94、编制程序段实现：将AX寄存器中的16位二进制数分成四组，每组4位，然后把这4组数分别放在AL、BL、CL、和DL中。 BCMOV BH,ALMOV CH,AHMOV AL,AHAND AL,0F0HMOV BL,AHAND BL,0FHMOV CL,BHAND CL,0F0HMOV DL,BHAND DL,0FH95、在NUMW单元存放有一个0-65535范围内的整数，将该数除以500，商和余数分别存入QU1和REM单元，请在空行处各填上一条指令完善该程序。CXTK┇MOV AX,NUMW_____________________XOR DX,DXDIV BXMOV QUI,AX_____________________96、已知数据段中定义DAT1 DB 12H，34H，56H，78HMOV CX，0MOV AX，WORD PTR DAT1MOV CL，DAT1+3当程序段执行完后AX=______，CX=______。CXFX97、DA1 DB 83H，72H，61H，94H，5AH┇MOV CX，WORD PTR DA1AND CX，0FHMOV AL，DA1+3SHL AL，CL上述指令序列执行后，AL=______，CL=______。CXFX98、DA3 EQU WORD PTR DA4DA4 DB 0ABH，89H┇SHR DA3，1MOV DX，DA3SHL DA4，1MOV CX，DA3上述程序段运行后，CX=______，DX=______。CXFX99、编制完整程序实现下列算式：W=X+Y+36-Z。设X、Y、Z、W均为双字长数据，各自的低十六位数和高十六位数分别存放在X、X+2、Y、Y+2、Z、Z+2的存储单元中，结果的低十六位字和高十六位字分别存放在W和W＋2两个单元中。BCDATA SEGMENTX DD …Y DD …Z DD …W DD …DATA ENDSCODE SEGMENTASSUME CS:CODE,DS:DATASTART:MOV AX,DATAMOV DS,AXMOV AX,XADD AX,YMOV BX,X+2ADC BX,Y+2ADD AX,36ADC BX,0SUB AX,ZSBB BX,Z+2MOV W,AXMOV W+2,BXCODE ENDSEND START

一、填空题（每空1分，共20分）1、图像的压缩有两类基本方法即（无损压缩[1]）和（有损压缩[2]）。2、多媒体中的媒体是指（信息的载体）如数字、文字等。3、模拟图像数字化经过（采样）、（量化[3]）、（编码）三个过程。8.模拟信号[4]在时间上是（连续）的。而数字信号[5]在时间上是（离散）的.为了使计算机能够处理声音信息，需要把（模拟）信号转化成（数字）信号。二维计算机动画[6]制作过程，一般都要经过（整体设计），（动画创意），（脚本制作），（收集素材），（绘制画面）、动画生成和动画导出等步骤10.图象处理软件PHOTOSHOP中,图象的默认保存文件的扩展名是( PSD )。11.根据图形图像的生成方式来分.计算机动画分为两种:一种叫(实时动画),另一种叫(逐帧动画[7])。12.计算机屏幕上显示的画面和文字，通常有两种描述方式，一种式由线条和眼色块组成的，通过数学计算得到得，我们称为（矢量图），一种是由象素组成的称为图像，PHOTOSHOP中处理的是（位图）。二、单项选择题（每小题1分，共10分）1、请根据多媒体的特性判断以下（D）属于多媒体的范畴。（1）交互式视频游戏（2）有声图书（3）彩色画报（4）彩色电视（A）仅（1）（B）（1）（2）（C）（1）（2）（3）（D）全部2.多媒体技术的主要特性有( D )。（1）多样性（2）集成性（3）交互性（4）可扩充性（A）（1）（B）（1）、（2）（C）（1）、（2）、（3）（D）全部3．以下说法不属于多媒体计算机常用的图像输入设备[8]是（B）（A）扫描仪（B）绘图仪（C）数码摄像机（D）数码照相机4．图像序列中的两幅相邻图像，后一幅图像与前一幅图像之间有较大的相关，这是（B）。(A)空间冗余(B)时间冗余(C)信息熵冗余(D)视觉冗余5．以下不属于多媒体静态图像文件格式的是（B）。（A）GIF（B）MPG（C）BMP（D）PCX6．多媒体技术未来发展的方向是（D）。（1）高分辨率，提高显示质量。（3）高速度化，缩短处理时间。（3）简单化，便于操作。（4）智能化，提高信息识别能力。A.（1）（2）（3）B.（1）（2）（4）C.（1）（3）（4）D.全部7．数字音频[9]采样和量化过程所用的主要硬件是（C）。A.数字编码器[10]B.数字解码器[11]C.模拟到数字的转换器（A／D转换器）D.数字到模拟的转换器（D／A转换器）8、以下（B）不是数字图形、图像的常用文件格式。（2）A、.BMP B、.TXT C、.GIF D、.JPG9、多媒体计算机系统中，内存和光盘属于（D）。A、感觉媒体B、传输媒体C、表现媒体D、存储媒体10、多媒体PC是指（C）。A、能处理声音的计算机B、能处理图像的计算机C、能进行文本、声音、图像等多种媒体处理的计算机D、能进行通信处理的计算机11、下面属于多媒体的关键特性是（B）。A、实时性B、交互性C、分时性D、独占性12、超文本[12]技术提供了另一种对多媒体对象的管理形式，它是一种（A）的信息组织形式。A、非线性B、抽象性C、线性D、曲线性13、多媒体制作过程中，不同媒体类型的数据收集需要不同的设备和技术手段，动画一般通过（D）。（19）A、字处理软件B、视频卡[13]采集C、声卡剪辑D、专用绘图软件14、在数字音频信息获取与处理过程，下述正确的顺序是（D）。A、A/D变换、采样、压缩、存储、解压缩[14]、D/A变换B、采样、压缩、A/D变换、存储、解压缩、D/A变换C、采样、A/D变换、压缩、存储、解压缩、D/A变换D、采样、D/A变换、压缩、存储、解压缩、A/D变换15、以下（A）不是常用的声音文件格式。A、JPEG文件B、WAV文件C、MIDI文件D、VOC文件16、能够将古曲“高山流水.mp3”转换为“高山流水.wav”的工具是（B）A.Windows录音机B. Cool EditC.RealOne PlayerD. Windows Media Player17、专门的图形图像设计软件是（A）。A、Photoshop B、ACDSee C、HyperSnap-DX D、WinZip18、看图软件是（B）。A、Photoship B、ACDSee C、HyperSnap-DX D、WinZip19、（D）不是用来播放多媒体的软件。A、超级解霸B、Windows98中自的播放软件C、Real Player D、Authorware20.什么时候需要使用MIDI,( D )(l)想音乐质量更好时(2)想连续播放音乐时(3)用音乐伴音,而对音乐质量的要求又不是很高时(4)没有足够的硬盘存储波形文件时A.仅(l) B.(2),〈3〉C.(2),(3),(4) D.〈3〉,(4)三、判断题（每小题1分，共10分）在括号内填入“√”判断正确；填入“×”判断错误1、采样的频率越高，声音“回放”出来的质量也越高，但是要求的存储容量[15]也越大（√）2、声卡是获取音频信息的主要器件[16]之一，只要将声卡插在主板上它就能进行工作了。（×）3、矢量图像适用于逼真照片或要求精细细节的图像。（×）4、动画和视频都是运动的画面，其实是一样的，只不过是叫法不同罢了。（×）5、动画是利用快速变换帧的内容而达到运动的效果。（√）6、图象动画等不是感觉媒体因为他们不作用于我们的感觉（×）7.多媒体同步技术的功能就是解决声，图，文等多种感觉媒体信息的综合处理，协调多媒体在时空上的同步问题。（√）8. JPG格式的文件特点是文件非常小，而且可以调整压缩比，不失真，非常适用于要处理大量图象的场合（×）9.传统媒体处理的都是模拟信号（√）10．图像的压缩过程主要由三部分组成：采样部分、量化部分和编码部分（×）四、简答题（每小题5分，共10分）1、多媒体有哪些关键技术？2、位图与矢量图相比有何异同？五、开放题（10）你觉得多媒体对我们的日常生活有什么影响吗？请举例说明？你想像中多媒体技术在我们的未来生活会有什么应用呢？六、综合实践题（30分）为纪念抗日战争胜利六十周年，宣传部长明明领着宣传部的全体成员（共五人）准备利用学过的多媒体技术做一个有关爱国主义的多媒体作品，将它挂到校园网上去给同学们看。如果你是明明，你会怎么做呢？1、请说出你所选用的工具及选用的理由。（3分）2、你将如何协调好成员之间的工作。（2分）3、完成这一项目分为几个阶段和每个完成什么工作。（10分）4、预计会遇到的版权问题和解决办法。（2分）5、预计可能会遇到的困难及你能想到的解决方案。（8分）6、如何将你们的作品向学校领导汇报以争得挂到校园网的权利（请写出简单的报告方案）。（5分）简答题参考答案：１、视频和音频数据压缩[17]与解压缩技术大容量存储技术超大规模集成电路[18]制造技术与专用芯片多媒体同步技术多媒体系统平台技术２、开放题评分标准：对日常生活的影响举三个例子以上５分，想像较有创意５分命题的指导思想：我省自2004年已经全面实施高中新课程改革，根据《普通高中信息技术课程标准》确定的范围和要求，依据________课程的基本理念和目标对学生进行考核。命题着重考查学生分析问题和解决问题的能力，旨在提升学生的信息素养。试题分析：1、本试题既重视考查学生的________基础知识，又突出重点，做到点面结合。既注重学生对工具的使用，也注重对工具的共同属性的提取，特别是开放题，有利于学生总结、提取工具使用中的共同属性，提高他们学习工具的效率。2、注意在考查学生基础知识的基础理论考查学生分析和解决问题的能力，如综合实践题，题目不仅要求学生了解不同工具的适用性，知道如何搜集素材、制作多媒体作品，考查学生的合作意识和分析问题和解决问题的能力。3、注意挖掘信息社会中，信息生活所携带的文化价值，如开放题，关注多媒体对人们的学习、工作、生活及未来的影响4、关注版权问题，考查学生的信息素养。2011年春季《多媒体技术及应用》考试大纲